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Lagrange 部分多様体と葉層:偏極の準備

2026年10月17日7分で読めますAI生成教科書『虎の巻』第10部 第2章 準備:微分形式・シンプレクティック形式・ハミルトンベクトル場
目次
  1. 定義と例
  2. 葉層と偏極の予告
  3. 木下の層

AI 生成・木下が未勉強

量子力学の様々な構成方法 第10部 第2章 §10.2.5 ★★ 次元が半分で ω\omega が消える部分多様体。位置表示は「q=q=一定の面」で相空間を埋めることにあたり、第4章の偏極になる

定義と例

定義 10.2.10(Lagrange 部分多様体)

2fd2f_{\mathrm d} 次元のシンプレクティック多様体 (M,ω)(M,\omega) の fdf_{\mathrm d} 次元の部分多様体 Λ\Lambda で、その上の任意の2つの接ベクトル u,vu,v について ω(u,v)=0\omega(u,v)=0 となるものを Lagrange 部分多様体と呼ぶ。

ω\omega が消える部分空間の次元は fdf_{\mathrm d} を超えない(ω\omega が非退化なので、ω\omega が消える部分空間 VV は「VV のすべてと ω\omega が0になるベクトルの空間」VωV^\omega に含まれ、dim⁡V+dim⁡Vω=2fd\dim V+\dim V^\omega=2f_{\mathrm d} だから)。Lagrange 部分多様体はこの上限の次元を持ち、各点で接空間 TΛT\Lambda が (TΛ)ω(T\Lambda)^\omega に一致する。

典型的な例は3つある。第一に、q=q= 一定の面 {(q0,p)}\{(q_0,p)\} で、接ベクトルは ∂pi\partial_{p_i} の結合だけなので ω=∑dqi∧dpi\omega=\sum\mathrm{d} q_i\wedge\mathrm{d} p_i は消える。p=p= 一定の面も同じである。第二に、関数 S(q)S(q) の勾配のグラフ ΛS={(q,∇S(q))}\Lambda_S=\{(q,\nabla S(q))\} である。ΛS\Lambda_S の上では pi=∂iSp_i=\partial_iS なので

ω∣ΛS=∑idqi∧d(∂iS)=∑i,j∂j∂iS dqi∧dqj=0(10.2.20)\omega|_{\Lambda_S}=\sum_i\mathrm{d} q_i\wedge\mathrm{d}(\partial_iS)=\sum_{i,j}\partial_j\partial_iS\,\mathrm{d} q_i\wedge\mathrm{d} q_j=0\tag{10.2.20}

(2階偏微分は対称、dqi∧dqj\mathrm{d} q_i\wedge\mathrm{d} q_j は反対称)。逆に、p=a(q)p=a(q) のグラフが Lagrange なら ∂iaj=∂jai\partial_ia_j=\partial_ja_i で、局所的に a=∇Sa=\nabla S と書ける。第三に、1自由度ではどの曲線も Lagrange である(1次元の接空間では ω(u,u)=0\omega(u,u)=0)。特に HH の等高線、つまり周期軌道は Lagrange 部分多様体である。

WKB の波動関数 ψ≈A eiS(q)/ℏ\psi\approx A\,\mathrm{e}^{\mathrm{i} S(q)/\hbar} の位相 SS が、相空間ではグラフ ΛS\Lambda_S に対応する。ΛS\Lambda_S の上で HH が一定になる条件 H(q,∇S)=EH(q,\nabla S)=E が Hamilton–Jacobi 方程式で、そのとき軌道は ΛS\Lambda_S から出ていかない。

命題 10.2.11(Hamilton–Jacobi と Lagrange 部分多様体 ★★)

Lagrange 部分多様体 Λ\Lambda の上で HH が一定なら、XHX_H は Λ\Lambda に接する。特に H(q,∇S)=EH(q,\nabla S)=E なら、ΛS\Lambda_S から出発した軌道は ΛS\Lambda_S の上にとどまる。

証明

Λ\Lambda の任意の接ベクトル vv について ω(XH,v)=dH(v)=0\omega(X_H,v)=\mathrm{d} H(v)=0(HH は Λ\Lambda の上で一定)。したがって XH∈(TΛ)ω=TΛX_H\in(T\Lambda)^\omega=T\Lambda。

第10部第5章で Bohr–Sommerfeld 条件を「Lagrange 部分多様体(等高線)の上で θ\theta を1周積分した量の条件」として述べるとき、この命題を使う。

葉層と偏極の予告

相空間を Lagrange 部分多様体で隙間なく埋め尽くしたもの(各点を通る葉が1枚ずつある分け方)を Lagrange 葉層と呼ぶ。q=q= 一定の面で埋めたもの(鉛直の葉層)では、葉の上で一定な関数は qq だけの関数で、波動関数を「葉の上で一定」に制限すると ψ(q)\psi(q)、つまり位置表示になる。p=p= 一定の面で埋めれば運動量表示になる。第10部第4章では、葉層の選び方(実偏極)を表示の選び方として扱う。

葉層を選ぶと、量子化できる関数の範囲も絞られる。XfX_f の流れが葉を葉へ写す(葉層を保つ)関数は限られている。

命題 10.2.12(鉛直の葉層を保つ関数 ★★★)

1自由度で、XfX_f の流れが鉛直の葉層 {q=一定}\{q=\text{一定}\} を保つ([Xf,∂p][X_f,\partial_p] が ∂p\partial_p の倍数になる)ための必要十分条件は ∂p2f=0\partial_p^2f=0、すなわち f=a(q)+b(q) pf=a(q)+b(q)\,p である。

証明

Xf=fp ∂q−fq ∂pX_f=f_p\,\partial_q-f_q\,\partial_p と ∂p\partial_p の交換子は、成分の式から [Xf,∂p]=−∂p(fp) ∂q+∂p(fq) ∂p=−fpp ∂q+fpq ∂p[X_f,\partial_p]=-\partial_p(f_p)\,\partial_q+\partial_p(f_q)\,\partial_p=-f_{pp}\,\partial_q+f_{pq}\,\partial_p。∂q\partial_q の成分が0になることが fpp=0f_{pp}=0 と同値で、これを pp について2回積分すると f=a(q)+b(q)pf=a(q)+b(q)p。

第10部第1章で、偏極によって量子化できる関数が pp について1次以下に絞られることを予告した(第10部第1章)。命題 10.2.12 がその幾何の理由である。運動エネルギー p2/2mp^2/2m はこの範囲に入らないので、位置表示の偏極では H^\hat H を直接には作れず、第10部第4章で別の扱い(BKS の方法)が要る。

例題 10.2.5 Lagrange かどうかを判定し、葉層を保つ関数を選ぶ ★★

オリジナル

  1. (1) 2自由度の相空間 (q1,q2,p1,p2)(q_1,q_2,p_1,p_2) で、次のグラフ p=a(q)p=a(q) が Lagrange 部分多様体かどうか判定し、Lagrange なら a=∇Sa=\nabla S となる SS を求めよ。(a) a=(q1,q2)a=(q_1,q_2) (b) a=(q2,−q1)a=(q_2,-q_1) (c) a=(q2,q1)a=(q_2,q_1)
  2. (2) 1自由度で、f1=q3+qpf_1=q^3+qp、f2=p2/(2m)f_2=p^2/(2m)、f3=eqpf_3=\mathrm{e}^{q}p のうち、ハミルトンベクトル場の流れが鉛直の葉層を保つものを選べ。保たないものは [Xf,∂p][X_f,\partial_p] を求めよ。
解答

(1) グラフの上の ω\omega は ∑idqi∧dai(q)\sum_i\mathrm{d} q_i\wedge\mathrm{d} a_i(q) で、dq1∧dq2\mathrm{d} q_1\wedge\mathrm{d} q_2 の係数は ∂1a2−∂2a1\partial_1a_2-\partial_2a_1 である。(a) ∂1q2−∂2q1=0\partial_1q_2-\partial_2q_1=0 で Lagrange、S=12(q12+q22)S=\frac12(q_1^2+q_2^2)。(b) ∂1(−q1)−∂2q2=−2\partial_1(-q_1)-\partial_2q_2=-2 で、ω∣=−2 dq1∧dq2≠0\omega|=-2\,\mathrm{d} q_1\wedge\mathrm{d} q_2\neq0 なので Lagrange でない(aa は回転する場で、勾配で書けない)。(c) ∂1q1−∂2q2=0\partial_1q_1-\partial_2q_2=0 で Lagrange、S=q1q2S=q_1q_2。

(2) 命題 10.2.12 から、pp について1次以下のものを選ぶ。f1=q3+qpf_1=q^3+qp(a=q3a=q^3, b=qb=q)と f3=eqpf_3=\mathrm{e}^qp(a=0a=0, b=eqb=\mathrm{e}^q)は葉層を保つ。f2f_2 は fpp=1/mf_{pp}=1/m なので保たず、[Xf2,∂p]=−1m∂q[X_{f_2},\partial_p]=-\frac1m\partial_q。Xf2=pm∂qX_{f_2}=\frac pm\partial_q は pp が違う点を違う速さで qq 方向へ動かすので、q=q= 一定の線を傾けてしまう。

木下の勉強ステータス

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