ハミルトニアンの選び方で固体を考える 第4部 第9章 §4.9.6 ★★ 容量とゲートの電圧の関係(C C C –V V V )で蓄積・空乏・反転を読み、電流の測定でしきい値と移動度とサブスレッショルド係数を読む。授業の素子の式は、この章の式の記号を変えたものである
容量とゲートの電圧
ゲートの直流の電圧に小さな交流の電圧を重ね、流れる交流の電流から容量 C = d ( − Q s ) / d V G C=\mathrm{d}(-Q_{\mathrm s})/\mathrm{d} V_{\mathrm G} C = d ( − Q s ) / d V G を測る。式 (4.9.6) を微分すると
1 C = 1 C o x + 1 C s , C s = ∣ d Q s d ϕ s ∣ (4.9.21) \frac1C=\frac1{C_{\mathrm{ox}}}+\frac1{C_{\mathrm s}},\qquad C_{\mathrm s}=\Bigl|\frac{\mathrm{d} Q_{\mathrm s}}{\mathrm{d}\phi_{\mathrm s}}\Bigr|\tag{4.9.21} C 1 = C ox 1 + C s 1 , C s = d ϕ s d Q s ( 4.9.21 )
で、酸化膜と半導体の2つのコンデンサーの直列になる。C s C_{\mathrm s} C s は式 (4.9.8) を微分すれば求まる。蓄積と強い反転では ∣ Q s ∣ \lvert Q_{\mathrm s}\rvert ∣ Q s ∣ が指数関数的に変わるので C s ≫ C o x C_{\mathrm s}\gg C_{\mathrm{ox}} C s ≫ C ox で C → C o x C\to C_{\mathrm{ox}} C → C ox になり、空乏では C s = ε 0 ε r s / x d C_{\mathrm s}=\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}}/x_{\mathrm d} C s = ε 0 ε rs / x d が小さく C C C が下がる。平坦帯では、式 (4.9.7) を u u u の1次まで展開して C s = ε 0 ε r s / λ D C_{\mathrm s}=\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}}/\lambda_{\mathrm D} C s = ε 0 ε rs / λ D である。
ただし、反転層の電子は p 型の基板にほとんどいない少数キャリアで、熱で電子と正孔の対が生成されるのを待たないと増減しない。交流の周波数が高いと反転層の電子の数は追随せず、空乏層の端の正孔だけが動く。すると強い反転でも C s ≃ ε 0 ε r s / x d , m a x C_{\mathrm s}\simeq\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}}/x_{\mathrm{d,max}} C s ≃ ε 0 ε rs / x d , max のままで、容量は最小値 C m i n C_{\mathrm{min}} C min にとどまる(図 4.9.4 )。高い周波数の C C C –V V V の曲線から、蓄積の値で C o x C_{\mathrm{ox}} C ox (すなわち d o x d_{\mathrm{ox}} d ox )、最小値で x d , m a x x_{\mathrm{d,max}} x d , max (すなわち N A N_{\mathrm A} N A )、曲線が平坦帯の容量を通る電圧で V F B V_{\mathrm{FB}} V FB を読み取ることができる(例題 4.9.10 )。
図 4.9.4 MOS 構造の容量とゲートの電圧(例題 4.9.2 の値)。点線は反転層の電子も交流に追随する低い周波数の曲線で、第一積分 (4.9.8) から厳密に計算した。実線は電子が追随しない高い周波数の曲線で、正孔とアクセプターの分だけの電荷の微分を使い、強い反転の先では空乏層の厚さを ϕ s = 2 ϕ B \phi_{\mathrm s}=2\phi_{\mathrm B} ϕ s = 2 ϕ B の値に止めた近似である。2本は空乏までは一致する。
電流の測定と2次元電子系の測定
V D V_{\mathrm D} V D を小さく(0.05 V 0.05\,\mathrm V 0.05 V ほど)保って I D I_{\mathrm D} I D を V G V_{\mathrm G} V G に対して描くと、式 (4.9.12) の1次の項から直線が得られ、その傾き μ e C o x ( w / L ) V D \mu_{\mathrm e}C_{\mathrm{ox}}(w/L)V_{\mathrm D} μ e C ox ( w / L ) V D から移動度、横軸との交点から V t h V_{\mathrm{th}} V th を読み取ることができる。同じ測定を対数の縦軸で描くと、しきい値の下で直線になり、その傾きの逆数が S s w S_{\mathrm{sw}} S sw である。S s w S_{\mathrm{sw}} S sw から式 (4.9.16) で η \eta η 、したがって空乏層の容量 C d C_{\mathrm d} C d が分かる。酸化膜と Si の界面に電子を捕まえる準位があると、その準位の電荷も ϕ s \phi_{\mathrm s} ϕ s とともに変わり、C d C_{\mathrm d} C d に並列の容量として η \eta η を大きくする。そこで S s w S_{\mathrm{sw}} S sw は界面の質の目安にもなる。
2次元電子系としての反転層は、低温で強い磁場をかけた伝導の測定で確かめられた。A. B. Fowler, F. F. Fang, W. E. Howard, P. J. Stiles (1966), Phys. Rev. Lett. 16 , 901 は、Si の反転層の伝導度がゲートの電圧に対して振動することを測り、振動の周期が表面に垂直な磁場の成分だけで決まることから、電子が面内だけを動くことを示した。振動の周期は、式 (4.9.20) の Δ V G = e 2 B / ( h C o x ) \Delta V_{\mathrm G}=e^2B/(hC_{\mathrm{ox}}) Δ V G = e 2 B / ( h C ox ) をスピンと谷の縮退の分だけまとめた間隔になる。この測定を Hall 抵抗まで進めたのが、4.9.4 節の von Klitzing らの量子 Hall 効果である。
例題 4.9.10 C C C –V V V の曲線から酸化膜の厚さとドープ量を読む ★★
オリジナル p 型の Si の MOS 構造の高い周波数の C C C –V V V を測ったところ、蓄積の容量が 3.45 × 10 − 3 F m − 2 3.45\times10^{-3}\,\mathrm{F\,m^{-2}} 3.45 × 1 0 − 3 F m − 2 、最小の容量がその 0.224 0.224 0.224 倍だった。ε r o = 3.9 \varepsilon_{\mathrm{ro}}=3.9 ε ro = 3.9 、ε r s = 11.7 \varepsilon_{\mathrm{rs}}=11.7 ε rs = 11.7 、n i = 1.0 × 10 16 m − 3 n_{\mathrm i}=1.0\times10^{16}\,\mathrm{m^{-3}} n i = 1.0 × 1 0 16 m − 3 、室温とする。
(1) 酸化膜の厚さを求めよ。
(2) x d , m a x x_{\mathrm{d,max}} x d , max を求め、N A N_{\mathrm A} N A を決める方程式を書いて解け。
(3) 平坦帯の容量 C F B / C o x C_{\mathrm{FB}}/C_{\mathrm{ox}} C FB / C ox を求めよ。
解答 (1) 蓄積では C = C o x C=C_{\mathrm{ox}} C = C ox なので d o x = ε 0 ε r o / C o x = 3.453 × 10 − 11 / 3.45 × 10 − 3 m = 10.0 n m d_{\mathrm{ox}}=\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{ro}}/C_{\mathrm{ox}}=3.453\times10^{-11}/3.45\times10^{-3}\,\mathrm m=10.0\,\mathrm{nm} d ox = ε 0 ε ro / C ox = 3.453 × 1 0 − 11 /3.45 × 1 0 − 3 m = 10.0 nm である。
(2) 1 / C m i n = 1 / C o x + x d , m a x / ( ε 0 ε r s ) 1/C_{\mathrm{min}}=1/C_{\mathrm{ox}}+x_{\mathrm{d,max}}/(\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}}) 1/ C min = 1/ C ox + x d , max / ( ε 0 ε rs ) から
x d , m a x = ε 0 ε r s ( 1 0.224 C o x − 1 C o x ) = 1.036 × 10 − 10 × 3.464 3.45 × 10 − 3 m = 1.04 × 10 − 7 m x_{\mathrm{d,max}}=\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}}\Bigl(\frac{1}{0.224\,C_{\mathrm{ox}}}-\frac{1}{C_{\mathrm{ox}}}\Bigr)=1.036\times10^{-10}\times\frac{3.464}{3.45\times10^{-3}}\,\mathrm m=1.04\times10^{-7}\,\mathrm m x d , max = ε 0 ε rs ( 0.224 C ox 1 − C ox 1 ) = 1.036 × 1 0 − 10 × 3.45 × 1 0 − 3 3.464 m = 1.04 × 1 0 − 7 m
である。一方 x d , m a x = 4 ε 0 ε r s k B T ln ( N A / n i ) / ( e 2 N A ) x_{\mathrm{d,max}}=\sqrt{4\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}} k_{\mathrm B} T\ln(N_{\mathrm A}/n_{\mathrm i})/(e^2N_{\mathrm A})} x d , max = 4 ε 0 ε rs k B T ln ( N A / n i ) / ( e 2 N A ) なので、N A N_{\mathrm A} N A は
ln ( N A / n i ) N A = e 2 x d , m a x 2 4 ε 0 ε r s k B T = 1.62 × 10 − 22 m 3 \frac{\ln(N_{\mathrm A}/n_{\mathrm i})}{N_{\mathrm A}}=\frac{e^2x_{\mathrm{d,max}}^2}{4\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}} k_{\mathrm B} T}=1.62\times10^{-22}\,\mathrm{m^3} N A ln ( N A / n i ) = 4 ε 0 ε rs k B T e 2 x d , max 2 = 1.62 × 1 0 − 22 m 3
の解である。左辺は N A N_{\mathrm A} N A について単調に減るので解は1つで、N A = ln ( N A / n i ) / ( 1.62 × 10 − 22 m 3 ) N_{\mathrm A}=\ln(N_{\mathrm A}/n_{\mathrm i})/(1.62\times10^{-22}\,\mathrm{m^3}) N A = ln ( N A / n i ) / ( 1.62 × 1 0 − 22 m 3 ) を繰り返して解く。N A = 1.0 × 10 23 m − 3 N_{\mathrm A}=1.0\times10^{23}\,\mathrm{m^{-3}} N A = 1.0 × 1 0 23 m − 3 から始めると ln 10 7 = 16.12 \ln10^7=16.12 ln 1 0 7 = 16.12 で 0.996 × 10 23 m − 3 0.996\times10^{23}\,\mathrm{m^{-3}} 0.996 × 1 0 23 m − 3 になり、次の回でもほとんど変わらないので、N A = 1.0 × 10 23 m − 3 N_{\mathrm A}=1.0\times10^{23}\,\mathrm{m^{-3}} N A = 1.0 × 1 0 23 m − 3 である。対数の中の N A N_{\mathrm A} N A は答えにほとんど影響しないので、繰り返しはすぐ収まる。
(3) λ D = 12.9 n m \lambda_{\mathrm D}=12.9\,\mathrm{nm} λ D = 12.9 nm (例題 4.9.1 )なので C F B / C o x = 1 / ( 1 + C o x λ D / ( ε 0 ε r s ) ) = 1 / ( 1 + 3.45 × 10 − 3 × 1.29 × 10 − 8 / 1.036 × 10 − 10 ) = 0.699 C_{\mathrm{FB}}/C_{\mathrm{ox}}=1/(1+C_{\mathrm{ox}}\lambda_{\mathrm D}/(\varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}}))=1/(1+3.45\times10^{-3}\times1.29\times10^{-8}/1.036\times10^{-10})=0.699 C FB / C ox = 1/ ( 1 + C ox λ D / ( ε 0 ε rs )) = 1/ ( 1 + 3.45 × 1 0 − 3 × 1.29 × 1 0 − 8 /1.036 × 1 0 − 10 ) = 0.699 である。測った曲線がこの値を通る電圧が V F B V_{\mathrm{FB}} V FB である。
授業で習った形との対応
学部の半導体デバイスの授業では、この章の式を次の記号で書くことが多い。電気素量を q q q 、表面の電位を ψ s \psi_{\mathrm s} ψ s 、バルクの Fermi 準位の位置を ψ B \psi_{\mathrm B} ψ B (この章の ϕ B \phi_{\mathrm B} ϕ B )、Si の誘電率を ε s \varepsilon_{\mathrm s} ε s (この章の ε 0 ε r s \varepsilon_0\varepsilon_{\mathrm{rs}} ε 0 ε rs )と書いて、
V T = V F B + 2 ψ B + 4 ε s q N A ψ B C o x , I D = μ n C o x W L [ ( V G − V T ) V D − V D 2 2 ] , S = ln 10 k T q ( 1 + C d C o x ) V_{\mathrm T}=V_{\mathrm{FB}}+2\psi_{\mathrm B}+\frac{\sqrt{4\varepsilon_{\mathrm s}qN_{\mathrm A}\psi_{\mathrm B}}}{C_{\mathrm{ox}}},\qquad
I_{\mathrm D}=\mu_nC_{\mathrm{ox}}\frac{W}{L}\Bigl[(V_{\mathrm G}-V_{\mathrm T})V_{\mathrm D}-\frac{V_{\mathrm D}^2}{2}\Bigr],\qquad
S=\ln10\,\frac{kT}{q}\Bigl(1+\frac{C_{\mathrm d}}{C_{\mathrm{ox}}}\Bigr) V T = V FB + 2 ψ B + C ox 4 ε s q N A ψ B , I D = μ n C ox L W [ ( V G − V T ) V D − 2 V D 2 ] , S = ln 10 q k T ( 1 + C ox C d )
とする。それぞれ式 (4.9.10) ・(4.9.12) ・(4.9.16) と同じである。この章で V t h V_{\mathrm{th}} V th ・w w w ・μ e \mu_{\mathrm e} μ e と書いたのは、温度 T T T ・仕事 W W W ・化学ポテンシャル μ \mu μ と記号がぶつからないようにするためである。
授業では、反転の条件 ψ s = 2 ψ B \psi_{\mathrm s}=2\psi_{\mathrm B} ψ s = 2 ψ B を「表面が基板と同じ程度に n 型になる」というバンド図の言葉で導入することが多い。この章では同じ条件を、第一積分 (4.9.7) の電子の項が 1 1 1 になる所として出し、そこで厳密な電荷が空乏近似と一致すること、それを越えても ϕ s \phi_{\mathrm s} ϕ s がほとんど動かないこと(例題 4.9.3 )を確かめた。授業の I D I_{\mathrm D} I D の導出は「チャネルの電荷 × ドリフト速度」と書くことが多く、拡散の電流は別に扱われる。この章では、擬 Fermi 準位の傾きで電流を書いたので、同じ式の中にドリフトと拡散が両方入っていて、しきい値の下で拡散が主になること(4.9.3 節)も同じ枠の中で説明される。授業の式で μ n \mu_n μ n を定数とし、チャネル長の変調を ( 1 + λ V D ) (1+\lambda V_{\mathrm D}) ( 1 + λ V D ) の因子で足す扱いは、4.9.5 節の緩やかなチャネルと一定の移動度の札に当たる。
AI(Claude)が書いた教材を、木下が勉強しながら公開しています。式と数値は検算していますが、誤りが残っているかもしれません。誤りのご指摘・削除のご依頼をいただければ直します。 連絡先:support@tecktom.com