解析力学から様々な理論分野を組み立てる 第4部 第12章 §4.12.5 ★★★ 幅のある光で黄金律のデルタ関数を消すと吸収の係数 B B B が出る。熱平衡の釣り合いから、半古典論に出てこない自然放出の係数 A A A も決まる
幅のある光による吸収と誘導放出
双極子近似の黄金律に、式 (4.12.22) の共鳴の値 ∣ ⟨ f ∣ H ^ ω ∣ i ⟩ ∣ 2 = ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 ∣ E 0 ∣ 2 / 4 \lvert \langle f | \hat H_\omega | i \rangle \rvert ^2=\lvert \bm{e}\cdot\bm{d}_{fi}\rvert ^2\lvert E_0\rvert ^2/4 ∣⟨ f ∣ H ^ ω ∣ i ⟩ ∣ 2 = ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 ∣ E 0 ∣ 2 /4 を入れると
w f ← i = 2 π ℏ ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 ∣ E 0 ∣ 2 4 δ ( ω − ω f i ) ℏ = π 2 ℏ 2 ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 ∣ E 0 ∣ 2 δ ( ω − ω f i ) w_{f\leftarrow i}=\frac{2\pi}{\hbar}\frac{\lvert \bm{e}\cdot\bm{d}_{fi}\rvert ^2\lvert E_0\rvert ^2}{4}\frac{\delta(\omega-\omega_{fi})}{\hbar}=\frac{\pi}{2\hbar^2}\lvert \bm{e}\cdot\bm{d}_{fi}\rvert ^2\lvert E_0\rvert ^2\,\delta(\omega-\omega_{fi}) w f ← i = ℏ 2 π 4 ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 ∣ E 0 ∣ 2 ℏ δ ( ω − ω f i ) = 2 ℏ 2 π ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 ∣ E 0 ∣ 2 δ ( ω − ω f i )
となる。平面波では、電場のエネルギー密度の時間平均 1 2 ε 0 ⟨ ∣ E ∣ 2 ⟩ = 1 4 ε 0 ∣ E 0 ∣ 2 \frac12\varepsilon_0\langle\lvert \bm{E}\rvert ^2\rangle=\frac14\varepsilon_0\lvert E_0\rvert ^2 2 1 ε 0 ⟨∣ E ∣ 2 ⟩ = 4 1 ε 0 ∣ E 0 ∣ 2 と同じだけを磁場が持つので、全体は u = 1 2 ε 0 ∣ E 0 ∣ 2 u=\frac12\varepsilon_0\lvert E_0\rvert ^2 u = 2 1 ε 0 ∣ E 0 ∣ 2 である。したがって、∣ E 0 ∣ 2 = 2 u / ε 0 \lvert E_0\rvert ^2=2u/\varepsilon_0 ∣ E 0 ∣ 2 = 2 u / ε 0 と書き換えてw = π ε 0 ℏ 2 ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 u δ ( ω − ω f i ) w=\frac{\pi}{\varepsilon_0\hbar^2}\lvert \bm{e}\cdot\bm{d}_{fi}\rvert ^2u\,\delta(\omega-\omega_{fi}) w = ε 0 ℏ 2 π ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 u δ ( ω − ω f i ) である。熱放射のように、角振動数について幅広く分布し、向きも偏光もそろっていない光では、エネルギー密度を角振動数あたり u ( ω ) u(\omega) u ( ω ) で表し、u δ ( ω − ω f i ) u\,\delta(\omega-\omega_{fi}) u δ ( ω − ω f i ) を ∫ u ( ω ) δ ( ω − ω f i ) d ω = u ( ω f i ) \int u(\omega)\delta(\omega-\omega_{fi})\mathrm{d}\omega=u(\omega_{fi}) ∫ u ( ω ) δ ( ω − ω f i ) d ω = u ( ω f i ) に替え、偏光の向きについて平均して ⟨ ∣ e ⋅ d f i ∣ 2 ⟩ = ∣ d f i ∣ 2 / 3 \langle\lvert \bm{e}\cdot\bm{d}_{fi}\rvert ^2\rangle=\lvert \bm{d}_{fi}\rvert ^2/3 ⟨∣ e ⋅ d f i ∣ 2 ⟩ = ∣ d f i ∣ 2 /3 とする(⟨ cos 2 θ ⟩ = 1 / 3 \langle\cos^2\theta\rangle=1/3 ⟨ cos 2 θ ⟩ = 1/3 )。異なる角振動数の成分は位相がそろっていないので、確率を足してよい。結果は
w f ← i = B u ( ω f i ) , B = π ∣ d f i ∣ 2 3 ε 0 ℏ 2 , ∣ d f i ∣ 2 = ∑ j = x , y , z ∣ ⟨ f ∣ d ^ j ∣ i ⟩ ∣ 2 (4.12.25) w_{f\leftarrow i}=B\,u(\omega_{fi}),\qquad B=\frac{\pi\lvert \bm{d}_{fi}\rvert ^2}{3\varepsilon_0\hbar^2},\qquad \lvert \bm{d}_{fi}\rvert ^2=\sum_{j=x,y,z}\lvert \langle f | \hat d_j | i \rangle \rvert ^2\tag{4.12.25} w f ← i = B u ( ω f i ) , B = 3 ε 0 ℏ 2 π ∣ d f i ∣ 2 , ∣ d f i ∣ 2 = j = x , y , z ∑ ∣⟨ f ∣ d ^ j ∣ i ⟩ ∣ 2 ( 4.12.25 )
である。B B B を Einstein の B B B 係数と呼ぶ(記法の正本の流儀で、角振動数あたりのエネルギー密度 u ( ω ) u(\omega) u ( ω ) に対する係数)。
上の準位 ∣ 2 ⟩ | 2 \rangle ∣2 ⟩ から下の準位 ∣ 1 ⟩ | 1 \rangle ∣1 ⟩ への誘導放出は、式 (4.12.12) の e i ω t \mathrm{e}^{\mathrm{i}\omega t} e i ω t の項による遷移で、行列要素は ⟨ 1 ∣ H ^ ω † ∣ 2 ⟩ = ⟨ 2 ∣ H ^ ω ∣ 1 ⟩ ∗ \langle 1 | \hat H_\omega^\dagger | 2 \rangle =\langle 2 | \hat H_\omega | 1 \rangle ^* ⟨ 1∣ H ^ ω † ∣2 ⟩ = ⟨ 2∣ H ^ ω ∣1 ⟩ ∗ である。絶対値が吸収と同じなので B 21 = B 12 B_{21}=B_{12} B 21 = B 12 (準位が縮退していなければ)になる。吸収と誘導放出の確率が等しいのは、摂動がエルミートであることの直接の帰結である。
自然放出:熱平衡からの議論
半古典論では、光の場が 0 0 0 なら H ^ 1 = 0 \hat H_1=0 H ^ 1 = 0 で、上の準位は永遠に上にとどまる。実際の原子は光の無い所でも光を出して下に落ちる。この自然放出 を正しく扱うには光の場を量子化する必要がある(第5部第2章・第3章で光子を導入する。第5部第2章 ・第5部第3章 )。しかし自然放出の確率 A A A は、Einstein の熱平衡の議論1 1 A. Einstein (1917), Phys. Z. 18, 121. で、B B B から決められる。
温度 T T T の熱放射の中に2準位の原子の集団があり、下と上の準位に N 1 N_1 N 1 , N 2 N_2 N 2 個いるとする。上向きの遷移は N 1 B u ( ω ) N_1Bu(\omega) N 1 B u ( ω ) 、下向きは誘導放出と自然放出の和 N 2 ( A + B u ( ω ) ) N_2(A+Bu(\omega)) N 2 ( A + B u ( ω )) で、熱平衡ではこれが釣り合い、しかも原子の分布は N 2 / N 1 = e − β ℏ ω N_2/N_1=\mathrm{e}^{-\beta\hbar\omega} N 2 / N 1 = e − β ℏ ω (β = 1 / ( k B T ) \beta=1/( k_{\mathrm B} T) β = 1/ ( k B T ) )である。放射の分布は Planck の式
u ( ω ) = ℏ ω 3 π 2 c 3 n B ( ω ) , n B ( ω ) = 1 e β ℏ ω − 1 (4.12.26) u(\omega)=\frac{\hbar\omega^3}{\pi^2c^3}\,n_{\mathrm B}(\omega),\qquad n_{\mathrm B}(\omega)=\frac{1}{\mathrm{e}^{\beta\hbar\omega}-1}\tag{4.12.26} u ( ω ) = π 2 c 3 ℏ ω 3 n B ( ω ) , n B ( ω ) = e β ℏ ω − 1 1 ( 4.12.26 )
に従う(第5部第3章で導く)。釣り合いの式 e − β ℏ ω ( A + B u ) = B u \mathrm{e}^{-\beta\hbar\omega}(A+Bu)=Bu e − β ℏ ω ( A + B u ) = B u を A A A について解くと A = B u ( e β ℏ ω − 1 ) = B ℏ ω 3 / ( π 2 c 3 ) A=Bu(\mathrm{e}^{\beta\hbar\omega}-1)=B\hbar\omega^3/(\pi^2c^3) A = B u ( e β ℏ ω − 1 ) = B ℏ ω 3 / ( π 2 c 3 ) で、温度によらない。
命題 4.12.2(Einstein の関係 ★★★)
縮退の無い2準位の間で
A = ℏ ω 3 π 2 c 3 B = ω 3 ∣ d 21 ∣ 2 3 π ε 0 ℏ c 3 (4.12.27) A=\frac{\hbar\omega^3}{\pi^2c^3}B=\frac{\omega^3\lvert \bm{d}_{21}\rvert ^2}{3\pi\varepsilon_0\hbar c^3}\tag{4.12.27} A = π 2 c 3 ℏ ω 3 B = 3 π ε 0 ℏ c 3 ω 3 ∣ d 21 ∣ 2 ( 4.12.27 )
が成り立つ。誘導放出と自然放出の比は B u ( ω ) / A = n B ( ω ) Bu(\omega)/A=n_{\mathrm B}(\omega) B u ( ω ) / A = n B ( ω ) で、1つのモードあたりの熱的な光子の数に等しい。
最後の主張は、「誘導放出の確率は、すでにあるモードの光子の数 n n n に比例し、自然放出は n n n に 1 1 1 を足した分にあたる」という量子化した場の結果(放出の確率 ∝ n + 1 \propto n+1 ∝ n + 1 )を先取りしている。A A A は光の場の量子化を経ずに、熱平衡の整合性と黄金律だけから決まった。
古典の放射との対応
第2部第9章(第2部第9章 )で、振動する双極子が出す放射の仕事率(Larmor の公式)を、時間平均で ⟨ P ⟩ = μ 0 ⟨ d ¨ 2 ⟩ / ( 6 π c ) \langle P\rangle=\mu_0\langle\ddot d^2\rangle/(6\pi c) ⟨ P ⟩ = μ 0 ⟨ d ¨ 2 ⟩ / ( 6 π c ) と求めた。双極子が d ( t ) = d 0 cos ω t d(t)=d_0\cos\omega t d ( t ) = d 0 cos ω t で振動していれば ⟨ d ¨ 2 ⟩ = ω 4 d 0 2 / 2 \langle\ddot d^2\rangle=\omega^4d_0^2/2 ⟨ d ¨ 2 ⟩ = ω 4 d 0 2 /2 で、μ 0 = 1 / ( ε 0 c 2 ) \mu_0=1/(\varepsilon_0c^2) μ 0 = 1/ ( ε 0 c 2 ) から
⟨ P ⟩ = ω 4 d 0 2 12 π ε 0 c 3 (4.12.28) \langle P\rangle=\frac{\omega^4d_0^2}{12\pi\varepsilon_0c^3}\tag{4.12.28} ⟨ P ⟩ = 12 π ε 0 c 3 ω 4 d 0 2 ( 4.12.28 )
である。調和振動子(電荷 q q q 、質量 m m m 、角振動数 ω \omega ω )が作用変数 J = n ℏ J=n\hbar J = n ℏ の軌道を回っているなら、振幅は q 0 2 = 2 J / ( m ω ) q_0^2=2J/(m\omega) q 0 2 = 2 J / ( mω ) 、双極子の振幅は d 0 = q q 0 d_0=qq_0 d 0 = q q 0 で、⟨ P ⟩ = ω 4 q 2 12 π ε 0 c 3 ⋅ 2 n ℏ m ω = q 2 ℏ ω 3 n 6 π ε 0 m c 3 \langle P\rangle=\frac{\omega^4q^2}{12\pi\varepsilon_0c^3}\cdot\frac{2n\hbar}{m\omega}=\frac{q^2\hbar\omega^3n}{6\pi\varepsilon_0mc^3} ⟨ P ⟩ = 12 π ε 0 c 3 ω 4 q 2 ⋅ mω 2 n ℏ = 6 π ε 0 m c 3 q 2 ℏ ω 3 n 。量子では、n n n から n − 1 n-1 n − 1 への自然放出の確率が、式 (4.12.27) に第4部第4章の ∣ ⟨ n − 1 ∣ q ^ ∣ n ⟩ ∣ 2 = ℏ n / ( 2 m ω ) \lvert \langle n-1 | \hat q | n \rangle \rvert ^2=\hbar n/(2m\omega) ∣⟨ n − 1∣ q ^ ∣ n ⟩ ∣ 2 = ℏ n / ( 2 mω ) を入れてA n → n − 1 = ω 3 q 2 3 π ε 0 ℏ c 3 ⋅ ℏ n 2 m ω = q 2 ω 2 n 6 π ε 0 m c 3 A_{n\to n-1}=\frac{\omega^3q^2}{3\pi\varepsilon_0\hbar c^3}\cdot\frac{\hbar n}{2m\omega}=\frac{q^2\omega^2n}{6\pi\varepsilon_0mc^3} A n → n − 1 = 3 π ε 0 ℏ c 3 ω 3 q 2 ⋅ 2 mω ℏ n = 6 π ε 0 m c 3 q 2 ω 2 n で、1回に ℏ ω \hbar\omega ℏ ω を出すので
ℏ ω A n → n − 1 = q 2 ℏ ω 3 n 6 π ε 0 m c 3 = ⟨ P ⟩ J = n ℏ (4.12.29) \hbar\omega A_{n\to n-1}=\frac{q^2\hbar\omega^3n}{6\pi\varepsilon_0mc^3}=\langle P\rangle_{J=n\hbar}\tag{4.12.29} ℏ ω A n → n − 1 = 6 π ε 0 m c 3 q 2 ℏ ω 3 n = ⟨ P ⟩ J = n ℏ ( 4.12.29 )
となる。n n n によらず、量子の放出の仕事率は古典の Larmor の放射と厳密に一致する。n = 1 n=1 n = 1 では A 1 → 0 = q 2 ω 2 / ( 6 π ε 0 m c 3 ) A_{1\to0}=q^2\omega^2/(6\pi\varepsilon_0mc^3) A 1 → 0 = q 2 ω 2 / ( 6 π ε 0 m c 3 ) で、これは古典の振動子が放射でエネルギーを失う割合(放射減衰率)γ c l \gamma_{\mathrm{cl}} γ cl そのものである。第4部第4章で、調和振動子の行列要素 ⟨ n − 1 ∣ q ^ ∣ n ⟩ \langle n-1 | \hat q | n \rangle ⟨ n − 1∣ q ^ ∣ n ⟩ が作用変数 J = n ℏ J=n\hbar J = n ℏ の古典の軌道の Fourier 成分と一致することを示した。式 (4.12.29) はその結果を放射に当てたものである。
例題 4.12.5 水素の 2 p 2p 2 p の寿命と、誘導放出と自然放出の比 ★★★
オリジナル
(1) 例題 4.12.4 の z f i = 0.745 a 0 z_{fi}=0.745\,a_0 z f i = 0.745 a 0 を使い、水素の 2 p ( m = 0 ) → 1 s 2p\,(m=0)\to1s 2 p ( m = 0 ) → 1 s の自然放出の確率 A A A と寿命 1 / A 1/A 1/ A を求めよ。
(2) 温度 300 K 300\,\mathrm K 300 K の熱放射の中で、この遷移の誘導放出と自然放出の比 n B n_{\mathrm B} n B を求めよ。
(3) 同じ温度で、周波数 1 G H z 1\,\mathrm{GHz} 1 GHz のマイクロ波の遷移ではこの比はいくらか。
解答 (1) 2 p , m = 0 2p,m=0 2 p , m = 0 から 1 s 1s 1 s への d 21 \bm{d}_{21} d 21 は z z z 成分だけで、∣ d 21 ∣ 2 = e 2 z f i 2 = ( 1.602 × 10 − 19 × 0.745 × 5.29 × 10 − 11 ) 2 C 2 m 2 \lvert \bm{d}_{21}\rvert ^2=e^2z_{fi}^2=(1.602\times10^{-19}\times0.745\times5.29\times10^{-11})^2\,\mathrm{C^2m^2} ∣ d 21 ∣ 2 = e 2 z f i 2 = ( 1.602 × 1 0 − 19 × 0.745 × 5.29 × 1 0 − 11 ) 2 C 2 m 2 。ω = 10.20 e V / ℏ = 1.550 × 10 16 s − 1 \omega=10.20\,\mathrm{eV}/\hbar=1.550\times10^{16}\,\mathrm{s^{-1}} ω = 10.20 eV /ℏ = 1.550 × 1 0 16 s − 1 を式 (4.12.27) に入れて
A = ( 1.550 × 10 16 ) 3 × ( 6.31 × 10 − 30 ) 2 3 π × 8.854 × 10 − 12 × 1.055 × 10 − 34 × ( 2.998 × 10 8 ) 3 = 6.27 × 10 8 s − 1 , 1 A = 1.60 n s . A=\frac{(1.550\times10^{16})^3\times(6.31\times10^{-30})^2}{3\pi\times8.854\times10^{-12}\times1.055\times10^{-34}\times(2.998\times10^8)^3}=6.27\times10^{8}\,\mathrm{s^{-1}},\qquad \frac1A=1.60\,\mathrm{ns}. A = 3 π × 8.854 × 1 0 − 12 × 1.055 × 1 0 − 34 × ( 2.998 × 1 0 8 ) 3 ( 1.550 × 1 0 16 ) 3 × ( 6.31 × 1 0 − 30 ) 2 = 6.27 × 1 0 8 s − 1 , A 1 = 1.60 ns .
m = ± 1 m=\pm1 m = ± 1 の 2 p 2p 2 p も同じ A A A を持つ(1 s 1s 1 s は球対称なので向きによらない)。図 4.12.3 の 2 s 2s 2 s は双極子遷移で落ちられず、寿命はこの値よりはるかに長い。
(2) ℏ ω / ( k B T ) = 10.20 e V / 0.02585 e V = 395 \hbar\omega/( k_{\mathrm B} T)=10.20\,\mathrm{eV}/0.02585\,\mathrm{eV}=395 ℏ ω / ( k B T ) = 10.20 eV /0.02585 eV = 395 で、n B = 1 / ( e 395 − 1 ) ≈ e − 395 = 10 − 171 n_{\mathrm B}=1/(\mathrm{e}^{395}-1)\approx\mathrm{e}^{-395}=10^{-171} n B = 1/ ( e 395 − 1 ) ≈ e − 395 = 1 0 − 171 。室温の熱放射の中では、可視・紫外の遷移で誘導放出は全く起こらない。レーザーで誘導放出を使うには、熱平衡とかけ離れた強い光をモードに溜める必要がある。
(3) ℏ ω / ( k B T ) = 2 π × 1.055 × 10 − 34 × 10 9 / ( 1.381 × 10 − 23 × 300 ) = 1.60 × 10 − 4 \hbar\omega/( k_{\mathrm B} T)=2\pi\times1.055\times10^{-34}\times10^9/(1.381\times10^{-23}\times300)=1.60\times10^{-4} ℏ ω / ( k B T ) = 2 π × 1.055 × 1 0 − 34 × 1 0 9 / ( 1.381 × 1 0 − 23 × 300 ) = 1.60 × 1 0 − 4 で、n B ≈ k B T / ( ℏ ω ) = 6.25 × 10 3 n_{\mathrm B}\approx k_{\mathrm B} T/(\hbar\omega)=6.25\times10^3 n B ≈ k B T / ( ℏ ω ) = 6.25 × 1 0 3 。マイクロ波の遷移では誘導放出が自然放出の6千倍あり、しかも A ∝ ω 3 A\propto\omega^3 A ∝ ω 3 が小さいので、自然放出はほとんど見えない。
1 A. Einstein (1917), Phys. Z. 18, 121.
AI(Claude)が書いた教材を、木下が勉強しながら公開しています。式と数値は検算していますが、誤りが残っているかもしれません。誤りのご指摘・削除のご依頼をいただければ直します。 連絡先:support@tecktom.com